\documentclass[10pt]{article} %\documentclass[a4paper, 11pt]{book} % cette partie permet de gérer les chapitres \usepackage[utf8]{inputenc} \usepackage{fourier} \usepackage[scaled=0.875]{helvet} \renewcommand{\ttdefault}{lmtt} \usepackage{amsmath,amssymb,makeidx} \usepackage[normalem]{ulem} \usepackage{fancybox} \usepackage{multirow} \usepackage{pst-node} \usepackage{tikz,tkz-tab} \usepackage{ulem} \usepackage{textcomp} \usepackage{diagbox} \usepackage{tabularx} \newcommand{\euro}{\eurologo{}} \usepackage{pst-plot,pst-text,pst-tree,pstricks-add} \usepackage{pgf,tikz} \usetikzlibrary{arrows} \usepackage{wrapfig} \usepackage{blindtext} \usepackage{array} \usepackage{colortbl} %Tapuscrit de Denis Vergès %Corrigé de Philippe Logel \usepackage[left=3.5cm, right=3.5cm, top=3cm, bottom=3cm]{geometry} \newcommand{\vect}[1]{\overrightarrow{\,\mathstrut#1\,}} % gestion des marges \newcommand{\R}{\mathbb{R}} \newcommand{\N}{\mathbb{N}} \newcommand{\D}{\mathbb{D}} \newcommand{\Z}{\mathbb{Z}} \newcommand{\Q}{\mathbb{Q}} \newcommand{\Proba}{\mathbb{P}} \newcommand{\Esperance}{\mathbb{E}} \newcommand{\C}{\mathbb{C}} \newcommand{\Variance}{\mathbb{V}} \newcommand{\e}{\text{e}} \usepackage{changepage} \renewcommand{\theenumi}{\textbf{\arabic{enumi}}} \renewcommand{\labelenumi}{\textbf{\theenumi.}} \renewcommand{\theenumii}{\textbf{\alph{enumii}}} \renewcommand{\labelenumii}{\textbf{\theenumii.}} \renewcommand{\theenumi}{\textbf{\arabic{enumi}}} \renewcommand{\labelenumi}{\textbf{\theenumi.}} \renewcommand{\theenumii}{\textbf{\alph{enumii}}} \renewcommand{\labelenumii}{\textbf{\theenumii.}} \def\Oij{$(\text{O},~\vect{\imath},~\vect{\jmath})$} \def\Oijk{$(\text{O},~\vect{\imath},~ \vect{\jmath},~ \vect{k})$} \def\Ouv{$(\text{O},~\vect{u},~\vect{v})$} \setlength{\voffset}{-1,5cm} \usepackage{fancyhdr} \usepackage[frenchb]{babel} \usepackage[np]{numprint} \frenchbsetup{StandardLists=true} \usepackage{enumitem} \usepackage{hyperxmp} \usepackage[colorlinks=true,pdfstartview=FitV,linkcolor=blue,citecolor=blue,urlcolor=blue]{hyperref} \usepackage[babel=true]{csquotes}%permet la gestion des guillements :exemple Je cite : \enquote{citation}. \newtheorem{definition}{Définition} \newtheorem{theoreme}{Théorème} \newcommand{\itab}[1]{\hspace{0em}\rlap{#1}} \newcommand{\tab}[1]{\hspace{.2\textwidth}\rlap{#1}} \newcounter{nexo} % déclaration du numéro d'exo \setcounter{nexo}{0} % initialisation du numero \newcommand{\exo}{ \stepcounter{nexo} \par{\textsf{\textbf{\textcolor{black}{{E\small{XERCICE \; \arabic{nexo}}}}}}}} \hypersetup{ pdftitle={Contrôle \no 4.}, pdfauthor={Philippe Logel}, pdfsubject={suites, somme de termes}, pdfkeywords={suite géométrique, suite arithmétique,série}, pdfcontacturl={http://philippelogel.free.fr/}, pdflang={fr}, baseurl={http://philippelogel.free.fr/} } \begin{document} \rhead{\textbf{A. P{}. M. E. P{}.}} \marginpar{\rotatebox{90}{\textbf{Corrigé du baccalauréat ES Asie 16 juin 2015}}} \lhead{\small Corrigé du baccalauréat ES} \lfoot{\small{16 juin 2015}} \rfoot{\small{Asie}} \renewcommand \footrulewidth{.2pt} \setlength{\parindent}{0pt} \pagestyle{fancy} \thispagestyle{empty} \begin{center} \textbf{\Large \black \decofourleft~Corrigé du baccalauréat ES Asie 16 juin 2015~\decofourright} \end{center} \textbf{\textsc{Exercice 1}\hfill 5 points} \textbf{Commun à tous les candidats} \medskip \begin{enumerate} %\setcounter{enumi}{1} \item %1 Nous sommes dans le cas d'une expérience de Bernoulli (on obtient un pile ou un face). Nous répétons cette expérience de manière indépendante avec remise, nous sommes dans le cas d'un schéma de Bernoulli. Comme $X$ est une variable aléatoire comptant le nombre de \og pile \fg obtenu, nous pouvons assimiler cette loi à une loi binomiale : $X=\mathcal{B}(n,p)$, où $n=10$ et $p=\dfrac{1}{2}$ (c'est une pièce de monnaie bien équilibrée). Ici nous calculons : \[p(X = 5)=\binom{10}{5}0,5^5\times (1-0,5)^{5}\approx 0,25\] \textbf{C'est la réponse c.} \item %2 $X$ suit la loi normale : $\mathcal{N}(\mu,\sigma^2)$, avec $\mu=3$ et $\sigma=2$. On calcule ici : \[\left.\begin{array}{ccll} \Proba(X \geqslant 5) & = & 1-\Proba(X<5)&\\ & = & 1-\left(\Proba(X\leqslant3)+\Proba(3{\centering \arraybackslash}X|}}\hline Valeur de $N$&0 &1 &2 &3 &4 &5 &6 &7 &8\\\hline Valeur de $C$&\np{1900} &1913 &1926,26&$1939,79$ &$1952,58$ &$1967,65$ &$1982,01$&$1996,65$&$2011,58$\\ \hline \end{tabularx} \end{center} \item %b La valeur de sortie, pour l'algorithme, est de $n=8$. Valentine a placé,au premier janvier 2014, \np{1900} \euro. Au bout de 8 ans, la valeur du capital sera supérieure à \np{2000} \euro \end{enumerate} \item %2 Si on place \np{1250} au départ, alors la valeur du capital ne changera jamais. En effet : \[1,02\times 1250 -25=1250\] Nous aurons, un algorithme qui n'atteindra jamais la valeur seuil de \np{2000}, nous ne sortirons jamais de la boucle : tant que. \end{enumerate} \medskip \textbf{Partie B} \medskip \begin{enumerate} \item %1 Pour passer d'une année à une autre, l'ancien capital $c_n$ est augmenté de 2\,\%, soit encore : \[c_n \times \left(1+\dfrac{2}{100}\right)=1,02c_n\] Mais chaque année, les frais de gestion s'élève à 25 \euro, soit : \[1,02c_n-25\] C'est le nouveau capital : $c_{n+1}$, on obtient la relation de récurrence suivante : \[c_{n+1}=1,02c_n-25\] \newpage \item %2 Soit $(u_n)$ la suite définie, pour tout nombre entier naturel $n$, par $u_n =c_n -\np{1250}$. \begin{enumerate} \item %a Calculons : $\left.\begin{array}{ccl} u_{n+1} & = & c_{n+1}-\np{1250}\\ & = & 1,02c_n-25-\np{1250}\\ & = & 1,02c_n-\np{1275}\\ & = & 1,02(c_n-\np{1250})\\ & = & 1,02u_n \end{array}\right.$ Nous venons de démontrer que : $u_{n+1}=1,02u_n$ pour tout $n \in \N$. La suite $(u_n)$ est géométrique de raison $q=1,02$. \medskip Le premier terme vaut : $u_0=c_0-\np{1250}=\np{1900}-\np{1250}=650$. \item %b Le terme général d'une suite géométrique, de premier terme $u_0$, vaut : $u_n=u_0\times q^n=650\times 1,02^n$.\\ Or : $u_n =c_n -\np{1250}$ ainsi $c_n=u_n+\np{1250}$. Donc : \[c_n=650\times 1,02^n+\np{1250}\] \end{enumerate} \item %3 On peut calculer : \[\left.\begin{array}{ccl} c_{n+1}-c_n & = & 650\times 1,02^{n+1}+\np{1250}-\left(650\times 1,02^n+\np{1250}\right)\\ & = & 650\times1,02^n(1,02-1)\\ & = & 650\times 1,02^n \times 0,02\\ & = & 13\times 1,02^n \end{array}\right.\] Pour tout $n\in \N$, $13\times 1,02^n >0 \Rightarrow c_{n+1}-c_n >0$. La suite $(c_n)$ est strictement croissante. \item %4 Méthode 1 :Nous pourrions modifier l'algorithme comme ci-dessous : \begin{center} \begin{tabularx}{0.55\linewidth}{|X|}\hline \textbf{Initialisation}\\ Affecter à $N$ la valeur $0$\\ Affecter à $C$ la valeur $\np{1900}$\\ \textbf{Traitement}\\ \hspace{1cm}Tant que $C \leqslant \np{2100}$ faire\\ \hspace{2cm}Affecter à $N$ la valeur $N + 1$\\ \hspace{2cm}Affecter à $C$ la valeur $1,02C - 25$\\ \hspace{1cm}Fin Tant que\\ \textbf{Sortie}\\ Afficher $N$\\ \hline \end{tabularx} \end{center} En sortie, nous trouverions $n=14$. \medskip Méthode 2 : Nous pourrions aussi chercher la plus grande valeur entière de $n$ pour laquelle $c_n \leqslant \np{2100}$. \[\left.\begin{array}{crcll} &c_n & \leqslant & \np{2100}&\\ \Leftrightarrow & 650\times 1,02^n+\np{1250} & \leqslant & \np{2100}&\\ \Leftrightarrow &650\times 1,02^n & \leqslant & 850&\\ \Leftrightarrow &1,02^n &\leqslant & \dfrac{85}{65}&\\ \Leftrightarrow &\ln 1,02^n & \leqslant & \ln \left(\dfrac{85}{65}\right)&\text{(en effet : $\ln a\leqslant \ln b \Leftrightarrow a \leqslant b$)}\\ \Leftrightarrow &n\ln 1,02 &\leqslant & \ln \left(\dfrac{85}{65}\right)&\\ \Leftrightarrow &n & \leqslant & \ln \left(\dfrac{85}{65}\right)\div \ln 1,02&\\ \Leftrightarrow &n & \leqslant & 13 &\text{(en effet : $\ln \left(\dfrac{85}{65}\right)\div \ln 1,02\approx 13,56$)} \end{array}\right.\] La plus grande valeur de $n$ pour laquelle $c_n \leqslant \np{2100}$ est 13, comme $(c_n)$ est strictement croissante, il faudra 14 années pour que le capital, avec un placement initial de \np{1900} \euro, dépasse \np{2100} \euro. \end{enumerate} \newpage \medskip \textbf{\textsc{Exercice 2}\hfill 5 points} \textbf{Candidats de ES ayant suivi l'enseignement de spécialité} \medskip \textbf{Partie A} \begin{center} \psset{unit=0.7cm} \begin{pspicture}(12,8) %% \cnodeput(0.75,7.5){A}{A} \cnodeput(7.2,7.5){B}{B} \cnodeput(11.3,5.5){C}{C} \cnodeput(10.3,2){D}{D} \cnodeput(3.3,6.4){E}{E} \cnodeput(0.3,2.7){F}{F} \cnodeput(5.7,0.3){G}{G} \cnodeput(6.7,4.3){H}{H} \ncline{A}{B} \ncline{A}{E} \ncline{A}{F} \ncline{B}{C} \ncline{B}{D} \ncline{B}{E} \ncline{B}{H} \ncline{C}{D} \ncline{D}{F} \ncline{D}{G} \ncline{D}{H} \ncline{E}{F} \ncline{E}{H} \ncline{F}{G} \ncline{F}{H} \end{pspicture} \end{center} \begin{enumerate} %\setcounter{enumi}{1} \item %1 \begin{enumerate} \item %a Le graphe $G_L$ n'est pas complet : A et C ne sont pas adjacents, par exemple. \item %b Le graphe $G_L$ est connexe. En effet, la chaîne A-B-C-D-G-F-H-E passe par tous les sommets, ainsi deux points quelconque de ce graphe pourront toujours être reliés par une chaîne. \end{enumerate} \item %2 Voici le tableau des sommets degrés : \begin{center} \begin{tabular}{|*{18}{c|}} \hline Sommets &A &B &C &D &E &F &G &H\\ \hline Degrés &3 &5 &2 &5 &4 &5 &2 &4\\ \hline \end{tabular} \end{center} %La somme des degrés vaut : 30, or : $\dfrac{\sum \text{Degr\'{e}s}}{2} = \text{nombre d'ar\^{e}tes}$. %Le nombre d'arêtes vaut donc : 15 Il y a plus de deux sommets de degré impair. Le graphe $G_L$ n'admet ni de cycle Eulérien, ni de chaîne Eulériennne. \item %3 %La Matrice d'adjacence de ce graphe vaut : %%M=[[0;1;0;0;1;1;0;0];[1;0;1;1;1;0;0;1];[0;1;0;1;0;0;0;0];[0;1;1;0;0;1;1;1];[1;1;0;0;0;1;0;1];[1;0;0;1;1;0;1;1];[0;0;0;1;0;1;0;0];[0;1;0;1;1;1;0;0]] \iffalse $M=\begin{pmatrix} 0 &1 &0 &0 &1 &1 &0 &0\\ 1 &0 &1 &1 &1 &0 &0 &1\\ 0 &1 &0 &1 &0 &0 &0 &0\\ 0 &1 &1 &0 &0 &1 &1 &1\\ 1 &1 &0 &0 &0 &1 &0 &1\\ 1 &0 &0 &1 &1 &0 &1 &1\\ 0 &0 &0 &1 &0 &1 &0 &0\\ 0 &1 &0 &1 &1 &1 &0 &0 \end{pmatrix}$ \fi Nous savons que : $M^3=\begin{pmatrix} 4 &11 &3 &7 &8 &11 &3 &\textcircled{6}\\ 11 &8 &7 &13 &12 &8 &6 &13\\ 3 &7 &2 &7 &5 &6 &2 &4\\ 7 &13 &7 &8 &8 &13 &7 &12\\ 8 &12 &5 &8 &8 &12 &5 &11\\ 11 &8 &6 &13 &12 &8 &7 &13\\ 3 &6 &2 &7 &5 &7 &2 &4\\ 6 &13 &4 &12 &11 &13 &4 &8 \end{pmatrix}$ Le nombre de chaînes de longueur 3 reliant A à H est donné par $m_{18}^{(3)}=6$.\\ Voici l'ensemble des chaînes de longueur 3 reliant A à H : \begin{center} A-B-D-H~~~~A-B-E-H~~~~A-E-B-H~~~~A-E-F-H~~~~A-F-D-H~~~~A-F-E-H \end{center} \end{enumerate} \medskip \textbf{Partie B} \begin{center} \psset{unit=0.7cm} \begin{pspicture}(12,8) %% \cnodeput(0.75,7.5){A}{A} \cnodeput(7.2,7.5){B}{B} \cnodeput(11.3,5.5){C}{C} \cnodeput(10.3,2){D}{D} \cnodeput(3.3,6.4){E}{E} \cnodeput(0.3,2.7){F}{F} \cnodeput(5.7,0.3){G}{G} \cnodeput(6.7,4.3){H}{H} \ncline{A}{B}\ncput*{19} \ncline{A}{E}\ncput*{6} \ncline{A}{F}\ncput*{10} \ncline{B}{C}\ncput*{13} \ncline{B}{D}\ncput*{20} \ncline{B}{E}\ncput*{7} \ncline{B}{H}\ncput*{7} \ncline{C}{D}\ncput*{6} \ncline{D}{F}\ncput*{25} \ncline{D}{G}\ncput*{15} \ncline{D}{H}\ncput*{13} \ncline{E}{F}\ncput*{5} \ncline{E}{H}\ncput*{14} \ncline{F}{G}\ncput*{12} \ncline{F}{H}\ncput*{8} \end{pspicture} \end{center} Nous utilisons l'algorithme de Dijkstra : \begin{center} \begin{tabular}{|*{18}{c|}} \hline A &B &C &D &E &F &G &H& select\\ \hline 0 &$\infty$ &$\infty$ &$\infty$ &$\infty$ &$\infty$ &$\infty$ &$\infty$& A(0)\\ \hline | &19 (A) & $\infty$ & $\infty$ &6 (A) &10 (A) & $\infty$ & $\infty$ &E(6)\\ \hline | &13 (E) & $\infty$ & $\infty$ & | &10 (A) & $\infty$ &20 (E) &F(10)\\ \hline | &13 (E) & $\infty$ &35 (F) & | & | &22 (F) &18 (F) &B(13)\\ \hline | & | &26 (B) &33 (B) & | & | &22 (F) &18 (F) &H(18)\\ \hline | & | &26 (B) &31 (H) & | & | &22 (F) & | &G(22)\\ \hline | & | &26 (B) &31 (H) & | & | & | & | &C(26)\\ \hline | & | & | &31 (H) & | & | & | & | &D(31)\\ \hline \end{tabular} \end{center} La distance la plus courte vaut : 31 La chaîne qui la réalise vaut : A-F-H-D \medskip \textbf{\textsc{Exercice 3}\hfill 7 points} \textbf{Commun à tous les candidats} \medskip \textbf{Partie A} \begin{enumerate} \item %1 \begin{enumerate} \item %a Par lecture des résultats du logiciel de calcul formel, nous voyons que : \[f'(x)=-\e^{-x+1}+1\] Nous allons dans un premier temps résoudre : \[\left.\begin{array}{crcll} & f'(x) & > & 0&\\ \Leftrightarrow & -\e^{-x+1}+1 & > & 0&\\ %\Leftrightarrow & -\e^{-x+1} & > & -1&\\ %\Leftrightarrow & \e^{-x+1} & < & 1&\\ %\Leftrightarrow & \ln \left(\e^{-x+1}\right) & < & \ln 1&\text{(en effet : $\ln a < \ln b \Leftrightarrow a < b$)}\\ %\Leftrightarrow & -x+1 & < & 0&\\ \Leftrightarrow & -\text{exp}(-x+1)+1 & > &0&\\ \Leftrightarrow & x & > & 1&\text{(en effet : solve(-exp(-x+1)+1>0) donne [x>1])} \end{array}\right.\] Nous en déduisons le tableau de signes de $f'(x)$ et le tableau de variations de $f$ : %[lgt=3,espcl=3,deltacl=1.5] % lgt : largeur première colonne espcl : largeur entre valeurs deltacl : espace au début et à la fin. \begin{center} \begin{tikzpicture}[x=10mm,y=8mm] \tkzTabInit[lgt=3,espcl=3,deltacl=1.5]{$x$/1,$-\e^{-x+1}+1$/1,$f'(x)$/1,$f$/2}{$0$,$1$,$10$} \tkzTabLine{,-,z,+} \tkzTabLine{,-,z,+} \tkzTabVar{+/$\e$,-/$2$,+/$10+\e^{-9}$} \end{tikzpicture} \end{center} Avec : \begin{itemize} \item[$\bullet~~$] $f(0)=0+\e^{-0+1}=\e \approx 2,718$ \item[$\bullet~~$] $f(1)=1+\e^{-1+1}=1+1=2$ \item[$\bullet~~$] $f(10)=10+\e^{-10+1}=10+\e^{-9}\approx 10$ \end{itemize} \item %b D'après le tableau de variations, $f$ admet un minimum 2 atteint pour $x=1$. \end{enumerate} \item %2 Par lecture des résultats du logiciel de calcul formel, nous voyons que : \[f''(x)=\e^{-x+1}~~~\text{ or pour tout $x\in\left[0~;~10\right]$}~~~\e^{-x+1}>0~~~\text{ainsi~}f''(x)>0\] Cette fonction est donc convexe sur [0~;~10]. \end{enumerate} \textbf{Partie B} \begin{enumerate} \item %1 Comme $f(x)$ désigne le coût de revient exprimé en milliers d'euros, il est minimal quand $x=1$ centaine d'objets (d'après la partie A, 1.b.). Le coût minimum sera de 2 milliers d'euros. Ces 100 objets auront un coût de \np{2000} \euro. \item %2 \begin{enumerate} \item %a Un objet est vendu 12 \euro, 1 centaine d'objet est vendu : $12 \times 100$ \euro, soit encore : 1,2 milliers d'euros. Ainsi $x$ centaines d'objets, sont vendus : $1,2 \times x$ milliers d'euros, soit encore : $1,2x$ milliers d'euros. \item %b La marge brute correspond à la différence entre les $x$ centaines d'objets vendus et le coût de revient pour ces même $x$ centaines, soit : \[g(x)=1,2x-f(x)=1,2x-\left(x+\e^{-x+1}\right)=0,2x-e^{-x+1}\] \item %c $g$ est dérivable en tant que différence de fonctions dérivables sur [0~;~10] et : \[g'(x)=1,2-f'(x)=1,2-\left(-\e^{-x+1}+1\right)=0,2+\e^{x+1}\] Or pour tout $x \in \left[0~;~10\right]$ : \begin{itemize} \item[$\bullet~~$] $1,2>0$ \item[$\bullet~~$] $\e^{-x+1}>0$ \end{itemize} Ainsi : $g'(x)>0$ pour tout $x \in \left[0~;~10\right]$. $g$ est donc strictement croissante sur $\left[0~;~10\right]$. \end{enumerate} \item %3 \begin{enumerate} \item %a $g$ est continue sur $\left[0~;~10\right]$ car elle est dérivable sur cet intervalle. \begin{itemize} \item[$\bullet~~$] $g(0)=-\e$ donc $g(0)<0$. \item[$\bullet~~$] $g(10)=2-\e^{-9}\approx 2$ \end{itemize} 0 est compris entre $g(0)$ et $g(10)$.\\ D'après le théorème des valeurs intermédiaires et la stricte monotonie de la fonction, $g(x)=0$, admet une solution unique $\alpha$. \item %b $\alpha \approx 1,94445577943$. Un encadrement de $\alpha$ d'amplitude 0,01 vaut : \[1,94 < \alpha < 1,95\] \end{enumerate} \item %4 Comme $g$ est strictement croissante et que $g(x)=0 \Leftrightarrow x=\alpha$ sur [0~;~10].\\ On en déduit que la quantité minimale d'objets à produire pour que la marge brute soit positive est de 1,95 centaines d'objets, soit 195 objets. \end{enumerate} \medskip \textbf{\textsc{Exercice 4}\hfill 3 points} \textbf{Commun à tous les candidats} \medskip \parbox{0.48\linewidth}{ \begin{center} \psset{unit=4cm} \begin{pspicture*}(-0.25,-0.25)(1.5,2.25) \pscustom[fillstyle=solid,fillcolor=lightgray]{ \psplot[plotpoints=600,linewidth=1.25pt]{0}{0.32}{2 2 x mul sub} \psline(0.32,0)(0,0)} \psgrid[gridlabels=0pt,subgriddiv=8,griddots=10] \psaxes[linewidth=1.25pt]{->}(0,0)(-0.25,-0.25)(1.5,2.25) \psplot[plotpoints=600,linewidth=1.25pt]{-0.2}{1.2}{2 2 x mul sub} \uput[ur](1,0){I} \uput[ul](0,1){J}\uput[ul](0,0){O} \uput[d](0.32,0){$a$} \uput[ur](0.32,0){$A$} \uput[ur](0.32,1.36){B} \uput[ur](0,2){C} \uput[ur](0.75,0.5){$D_f$} \end{pspicture*} \end{center} } \parbox{0.48\linewidth}{ Dans un premier temps calculons : \begin{itemize} \item[$\bullet~~$] $\mathcal{A}_{OIC}=\dfrac{Base\times hauteur}{2}=\dfrac{1\times 2}{2}=1$ U.A. \item[$\bullet~~$] $\left.\begin{array}{ccl} \mathcal{A}_{OABC} & = & \displaystyle\int_{0}^{a}f(x)\text{d}x\\ & = & \left[F(x)\right)]_0^a\\ & = & F(a)-F(0) \end{array}\right.$ Une primitive F de f vaut : $F(x)=2x-x^2$.\\ Ainsi : $\mathcal{A}_{OABC}=F(a)-F(0)=2a-a^2~~\text{U.A.}$. \iffalse $\left.\begin{array}{ccl} \mathcal{A}_{OABC} & = & \dfrac{(base+Base)\times hauteur}{2}\\ & = & \dfrac{(AB+OC)\times OA}{2}~~\text{U.A.} \end{array}\right.$\\ Or $AB=f(a)-0=2-2a$ et $OC=f(0)=2$.\\ Ainsi, $\left.\begin{array}{ccl} \mathcal{A}_{OABC} & = & \dfrac{(2-2a+2)\times hauteur}{2}\\ & = & \dfrac{(4-2a)\times a}{2}\\ & = & =2a-a^2~~\text{U.A.} \end{array}\right.$ \fi \end{itemize} But : chercher la valeur de $a$ dans [0~;~1] pour laquelle : \[\mathcal{A}_{OABC}=\dfrac{\mathcal{A}_{OIC}}{2} \Leftrightarrow 2a-a^2=\dfrac{1}{2} \Leftrightarrow 2a^2-4a+1=0~~(*)\] On cherche dans un premier temps les racines de : $\text{2}x^2\text{-4}x+\text{1} $ $(*)$.\\ $\Delta=b^2-4ac= (-4)^2-4\times 2\times 1 = 8$\\ Comme $\Delta>0$, (*) admet deux solutions distinctes :\\ $x_1=\dfrac{-b-\sqrt{\Delta}}{2a}=\dfrac{-(-4) -\sqrt{8}}{2\times2 }= \dfrac{2-\sqrt{2}}{2}$\\ et : $x_2=\dfrac{-b+\sqrt{\Delta}}{2a}=\dfrac{-(-4) +\sqrt{8}}{2\times2 }=\dfrac{2+\sqrt{2}}{2}$ \medskip Conclusion : $a=x_1\approx 0,29$. } \end{document}