Bulletin Vert no 457
mars — avril 2005
Exercices de-ci de-là du BV 457 et solutions des 451-6 et 451-8
Exercices
Exercice 457-1, proposé par Jacques BOROWCZYK (Tours)
Enoncé
Soit un triangle ABC. On considère le trapèze rectangle ayant pour sommets les centres \(I _{B}\) et \(I_{ C}\) des cercles ex-inscrits dans les angles B et C et les points de contact avec la droite (BC) de ces cercles.
- Montrer que le point d’intersection I des diagonales du trapèze est sur la hauteur issue du sommet A.
- Si D′ désigne le pied de la bissectrice extérieure issue du sommet A, montrer que la droite (D′I) coupe les bases du trapèze en leur milieu.
- Montrer que dans tout triangle ABC, la hauteur issue du sommet A est moyenne harmonique des rayons des cercles ex-inscrits dans les angles B et C.
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Exercice 457-2, proposé par Madame Fathi DRISSI (Comité de la Régionale Lorraine de l’APMEP)
Enoncé
- À l’aide du seul compas, construire le centre d’un triangle équilatéral dont on connaît les sommets A, B et C.
- À l’aide du seul compas, construire un point situé au tiers d’un segment [AB] donné.
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Exercice 457-3, « Olympiades » communiqué par A. OUARDINI
Enoncé
Soit un triangle ABC dont tous les angles sont aigus et dans lequel \(AB \ne AC\). Le cercle de diamètre [BC] rencontre les côtés [AB] et [AC] respectivement en M et N.
On note O le milieu du côté [BC]. Les bissectrices des angles \(\widehat{BAC}\) et \(\widehat{MON}\) se coupent en R. Les cercles circonscrits aux triangles BMR et CNR se rencontreraient-ils en un point du côté [BC] ?
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Solutions
Exercice 451-6
On considère deux nombres entiers (positifs) a et b tels que \(a^2 + 2b\) soit un carré parfait. Mettre \(a ^2 + b \) sous la forme d’une somme de carrés d’entiers. (Maillard et Millet, Classe de Mathématiques)
Solution de Maurice BLANPAIN (Pelves - Régionale de Lille) :
\(a^2 +2b =c^2\) implique \(a^2+b=a^2 +\frac{c^2-a^2}{2}=\frac{a^2 +c^2}{2}=(\frac{c+a}{2})^2 + (\frac{c-a}{2})^2\)
Exercice 451-8
Montrer que tout entier impair non divisible par 5 a un multiple dont l’écriture ne comporte que des 1.
Solution de Maurice BLANPAIN :
Il s’agit d’établir que tout naturel n impair non divisible par 5 a un multiple de la forme :
$$ a_{m} =1 + 10 +10^2 +\ldots +10^{m-1}, m \in \mathbb N ^*$$
Soit \(r_{ i} , i \in \mathbb N \), le reste dans la division de \(10^{i}\) par \(n\).
Comme \(10\) est premier avec \(n\), on peut, en écartant le cas trivial \(n = 1\), introduire \(θ = ord_{n} (10)\), qui est, dans le groupe multiplicatif \(U_{n}\) des éléments inversibles (appelés aussi unités) de l’anneau \(\mathbb Z/n \mathbb Z\), l’ordre de l’élément \(10\) (c’est-à-dire de la classe \(10 + n\mathbb Z)\).
La fonction \(i \to r_{ i } \) étant périodique de période \(θ\) , le reste dans la division par \(n\) de la somme de \( θ \) puissances consécutives de \(10\) ne dépend pas de cette somme. Soit \(r \) ce reste.
Si \(r = 0\) , \(a _{θ}\) répond à la question.
Si \(r > 0\) , les congruences étant de module \(n\), on a pour tout \(k \in \mathbb N^*\)
$$ a_{k \theta} = \sum_{0 \le i \le k-1} ~: \sum_{0 \le j \le \theta -1} \, 10^{i \theta +j} \equiv kr$$
où il reste à choisir \(k\) tel que \(kr \equiv 0\) , le plus petit de ces \(k\) étant \(\frac {1}{r} \mathrm ppcm (r,n)\).
Exemples
1) \( n = 21,\, \theta = 6\) avec \((r_0 ,\ldots , r_5 ) = (1, 10, 16, 13, 4, 19) \) , \(\sum \limits_{0 \le i \le 5 } r_{i} = 63 \) , \( r = 0\) :
\(a_6 = 111 \,111 = 5 291 \times 21 \).
2) \( n = 33, \, \theta= 2\) avec \((r_0 , r_1 ) = (1, 10)\) ,\(\sum \limits_{0 \le i \le 1} r_i = 11\) ,\( r = 11\) : \(\frac{1}{r} \mathrm ppcm (r,n)= 3\),
\(a_{3 \times 2} = 111 \,111 = 3 367 \times 33 \) .
Remarque. L’énoncé plus général où 1 est remplacé par un chiffre quelconque (autre que 0) aurait demandé un surcroît de perspicacité de la part du « solutioniste » consistant à remarquer qu’il suffisait de traiter le cas du chiffre 1.